2018-2019学年下学期高一期中考试测试卷

物 理答 案

　　一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

　　1．【答案】D

　　【解析】开普勒通过对行星观测计算，提出了行星运动三大定律，选项A错误；牛顿用"月-地"检验证实了万有引力定律的正确性，选项B错误；牛顿发现了万用引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量，被称为"测出地球质量的人"，选项C错误；1846年，科学家根据万有引力定律的计算在预计位置观测到海王星，确立了万有引力定律的地位，选项D正确。

　　2．【答案】D

　　【解析】万有引力提供卫星圆周运动的向心力即：G Mm/r^2 ＝m v^2/r＝m (4π^2)/T^2 r＝ma，可知a＝G M/r^2 ，轨道半径小的卫星向心加速度大，所以a的加速度大于b的加速度，故A正确；可知T＝2π√(r^3/GM)，半径大的卫星周期大，所以a的周期小于b的周期，故B正确；可知v＝√(GM/r)，半径大的卫星速度小，所以a的速度大于b的速度，故C正确；a、b两颗质量关系不知道，引力大小关系无法确定，故D错误。

　　3．【答案】A

　　【解析】货物处于平衡状态，则有：mgsinθ＝f，N＝mgcosθ，θ减小时，f减小，N增大，故B错误，A正确；θ减小过程中，货物沿支持力方向位移不等于零，支持力做正功，故C错误；θ减小过程中，货物沿支持力方向运动，摩擦力与运动方向始终垂直，摩擦力不做功，故D错误。

　　4．【答案】C

　　【解析】物体由于运动所具有的能就是动能，故A错误；若物体做匀变速直线运动，则物体的速度大小变化，由公式E_k=1/2 mv^2可知，物体的动能变化，故B错误；做匀速圆周运动的物体其速度大小不变，故动能不变，故C正确；物体在外力的作用下做加速运动，只要F仍做正功，不论F变大还是变小，动能都会增大，故D错误。

　　5．【答案】A

　　【解析】根据开普勒第三定律：a^3/〖(t/n)〗^2 ＝r^3/T^2 ；对轨道半径为r的卫星：G Mm/r^2 ＝m〖(2π/T)〗^2 r；又M＝4/3 πR^3 ρ，联立解得：ρ＝(3πn^2 a^3)/(Gt^2 R^3 )，故选A。

　　6．【答案】C

　　【解析】对于在轨卫星，有GMm/r^2 ＝ma，在地面上，有GMm/R^2 ＝mg 联立得：卫星的加速度为a＝R^2/r^2 g，故知两卫星的加速度大小相等，均为R^2/r^2 g，故A错误；卫星1向后喷气时加速，所需要的向心力增大，而万有引力没变，卫星1将做离心运动，不可能追上卫星2，故B错误；由G mM/r^2 ＝m (4π^2)/T^2 r可得T＝2πr/R √(r/g)，则卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为t＝(60°)/(360°) T＝πr/3R √(r/g) ，故C正确；卫星做圆周运动，万有引力与速度方向始终垂直，不做功，故D错误。

　　7．【答案】B

　　【解析】对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为a＝gsinθ（θ为杆与水平方向的夹角），由图中的直角三角形可知，小滑环的位移S＝2Rsinθ，所以t＝√(2S/a)＝√((2×2Rsinθ)/gsinθ)＝√(4R/g)，t与θ无关，即t1＝t2＝t3；根据WG＝mgh，结合图可知重力做功的关系是：W1 ＞W2＞W3，根据P＝W/t可知P1 ＞P2＞P3，故选B.

　　8．【答案】D

　　【解析】0到t0时间内，产生的加速度为a_1＝(4F_0-2F_0)/m＝(2F_0)/m，产生的位移为x＝1/2 at_0^2＝(F_0 t_0^2)/█(m)，故A错误；t0时刻的速度为v＝at0＝(2F_0 t_0)/m，t0时刻合力的功率为为P＝2F0v＝(4F_0^2 t_0)/█(m) ，故B错误；0到t0时间内，水平拉力做功为W＝4F0x＝(4F_0^2 t_0^2)/m，故C错误；在t0之后产生的加速度为a＝(2F_0-F_0)/m＝F_0/m，2t0时刻，木块的速度大小为v'＝v-at0＝(F_0 t_0)/m，故D正确；故选D。

　　9．【答案】AC

【解析】由弹性势能的定义和相关因素可知，发生弹性形变的物体的各部分之间，由于弹力作用而具有的势能，叫做弹性势能，所以，任何发生弹性形变的物体都具有弹性势能，故A正确；物体发生了形变，若是非弹性形变，无弹力作用，则物体就不具有弹性势能，故B错误；同一个弹簧形变量越大，对外做功的本领越大，具有的弹性势能就越大，故C正确；弹簧的弹性势能只由弹